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四川成都2019-2020學年高三下期物理定時訓練(Word,含答案)

絕密★啟用前

2020屆高三下期物理定時訓練(一)

考試時間:60分鐘

注意事項:

1.答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息

2.請將答案正確填寫在答題卡上

I卷(選擇題)14~17題只有一項符合題目要求,第18~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯得0分。

14.在物理學發展的過程中,許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程。在對以下幾位物理學家所作科學貢獻的敘述中或者研究方法中,正確的說法是( ??)

A.在對自由落體運動的研究中,伽利略猜想運動速度與下落時間成正比,并直接用實驗進行了驗證

B.偉大的物理學家牛頓最先建立了速度、加速度等概念。并創造了一套科學研究方法

C.在推導勻變速直線運動位移公式時,把整個運動過程劃分成很多小段,每一小段近似看作勻速直線運動,然后把各小段的位移相加,物理學中把這種研究方法叫做微元法

D.亞里士多德認為兩個物體從同一高度自由落下,重物體與輕物體下落一樣快

15.如圖所示,兩顆質量不等衛星分別位于同一軌道上繞地球做勻速圓周運動.若衛星均順時針運行,不計衛星間的相互作用力,則以下判斷中正確的是

A.兩顆衛星的加速度大小不相等

B.兩顆衛星的運動速度大小相等

C.兩顆衛星所受到的向心力大小相等

D.衛星1向后噴氣就一定能追上衛星2

16.如圖,在x軸上坐標原點處固定一正的點電荷,另一負點電荷固定在的位置,且電量絕對值大于的電量絕對值,現在處靜止釋放一帶電粒子(不計粒子重力),粒子開始運動,以下說法正確的是

A.若,則粒子一定沿x軸正向運動

B.若,則粒子一定沿x軸負向運動

C.若,則粒子的速度一定越來越大

D.若,則粒子的速度一定越來越大

?

17.如圖所示,固定平行導軌間有磁感應強度大小為B、方向垂直導軌平面向里的勻強磁場,導軌間距為l且足夠長,左端接阻值為R的定值電阻,導軌電阻不計.現有一長為2l的金屬棒垂直放在導軌上,在金屬棒以O點為軸沿順時針方向以角速度轉過60°的過程中(金屬棒始終與導軌接觸良好,電阻不計)

A.通過定值電阻的最大電流為

B.通過定值電阻的最大電流為

C.通過定值電阻的電荷量為

D.通過定值電阻的電荷量為

18.如圖所示,物體G用兩根繩子懸掛,開始時繩OA水平,現將兩繩同時沿順時針方向轉過90°,且保持兩繩之間的夾角α不變(),物體保持靜止狀態.在旋轉過程中,設繩OA的拉力為T1,繩OB的拉力為T2,則.

A?T1先減小后增大???B?T1先增大后減小

C?T2逐漸減小????????D?T2最終變為零

19.輕繩一端通過光滑的輕質定滑輪與物塊P連接,另一端與套在光滑豎直桿上的圓環Q連接,Q從靜止釋放后,上升一定距離到達與定滑輪等高處,在此過程中( ???)

A.物塊P的機械能守恒

B.當Q上升到與滑輪等高時,它的機械能最大

C.任意時刻PQ兩物體的速度大小都滿足

D.任意時刻Q受到的拉力大小與P的重力大小相等

20.如圖所示,物塊A與木板B通過水平輕彈簧連接,B放置在水平面上,彈簧處于原長,AB的質量相等,整個裝置處于靜止狀態。現對B施加一水平向右的恒力F,經過時間t1AB的速度第一次相同。不計一切摩擦,彈簧始終處在彈性限度內。在0t1時間內( ??????)

AA的加速度一直增大

B.由AB和彈簧組成的系統的機械能一直增加

CAB的加速度一直不相等?????D.當AB的速度相等時,加速度不相等

?

21. 如圖,半徑為R的四分之一圓內存在勻強磁場,磁感應強度大小為B,方向垂直紙面向里,半徑OA水平。在圓的最低點C有一粒子源,它正以相同速率在平面內向各個方向發射質量為m、帶電量為qq>0)的粒子,速率大小為。在圓弧上AC有粒子射出,B為圓弧上一點,等于60°,不計粒子所受重力,下列說法正確的是( ???)

A.所有從圓弧上出來的粒子的速度方向都平行

B.所有從圓弧上出來的粒子在磁場中運動時間都相等

C.從A處射出的粒子與從B處射出的粒子在磁場中運動時間之比3:2

D.所有從圓弧AC射出的帶電粒子,可能經過的磁場區域面積為

II卷(非選擇題)

226分)如圖a所示,用鐵架臺、彈簧和多個已知質量且質量相等的鉤碼,探究在彈性限度內彈簧彈力與彈簧伸長量的關系實驗.

?

(1)為完成實驗,還需要的實驗器材有_________________________________________

(2)b是彈簧所受彈力F與彈簧伸長長度xFx圖線,由此可求出彈簧的勁度系數為________ N/m.圖線不過原點的原因是__________________________________

239分)某同學研究小燈泡的伏安特性,所使用的器材有:

小燈泡L(額定電壓3.8V,額定電流0.32A)

電壓表V (量程3V,內阻3kΩ)

電流表A(量程0.5A,內阻0.5Ω)

固定電阻(阻值1000Ω)

滑動變阻器R(阻值09.0Ω)

電源E(電動勢5V,內阻不計)

開關S,導線若干。

1)實驗要求能夠實現在03.8V的范圍內對小燈泡的電壓進行測量,畫出實驗電路原理圖____

2)實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖(a)所示。

?

由實驗曲線可知,隨著電流的增加小燈泡的電阻___(增大”“不變減小”),燈絲的電阻率____(增大”“不變減小”)

3)用另一電源(電動勢4V,內阻1.00Ω)和題給器材連接成圖(b)所示的電路,調節滑動變阻器R的阻值,可以改變小燈泡的實際功率,閉合開關S,在R的變化范圍內,小燈泡的最小功率為___W(結果均保留2位有效數字)

?

2412分)如圖所示,一邊長為L,質量為m,電阻為R的正方形單匝導體線框abcd,與一質量為3m的物塊通過輕質細線跨過兩輕質定滑輪相連.在導體線框上方某一高處有一寬度為L的上、下邊界水平的勻強磁場,磁感應強度大小為B,方向垂直紙面向里.現將物塊由靜止釋放,當ad邊從磁場下邊緣進入磁場時,線框恰好做勻速直線運動,不計一切摩擦.重力加速度為g.

?

求:(1)線框ad邊進入磁場之前線框的加速度

(2)線框剛進入磁場時的速度大小

?

?

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?

?

?

2520分)如圖所示,質量m1=3kg的滑塊C(可視為質點)放置于光滑的平臺上,與一處于自然長度的彈簧接觸但不相連,彈簧另一端固定在豎直墻壁上.平臺右側的水平地面上緊靠平臺依次排放著兩塊木板AB.已知木板AB的長度均為L=5m,質量均為m2=15kg,木板AB上表面與平臺相平,木板A與平臺和木板B均接觸但不粘連.滑塊C與木板AB間的動摩擦因數為μ1=0.3,木板AB與地面間的動摩擦因數μ2=0.1.現用一水平向左的力作用于滑塊C上,將彈簧從原長開始緩慢地壓縮一段距離,然后將滑塊C由靜止釋放,當滑塊C剛滑上木板A時,滑塊C的速度為7m/s.設最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等,取g=10m/s2.求:

?

(1)彈簧的最大彈性勢能;

(2)滑塊C剛滑上木板A時,木板AB及滑塊C的加速度;

(3)從滑塊C滑上木板A到整個系統停止運動所需的時間.

?

34(1)5分)下列說法中正確的是_______

A.做簡諧運動的質點,其振動周期和振動能量均與振幅無關

B.泊松亮斑是光的衍射現象,玻璃中的氣泡看起來特別明亮是光的全反射現象

C.真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的,與光源和觀察者的相對運動無關

D.在用單擺測定重力加速度的實驗中,為使實驗結果較為準確,應選用1m長的細線和小鐵球,在測量擺動時間時應從最大位移處開始計時.

E.雙縫干涉實驗中,若只增大雙縫到光屏間的距離,兩相鄰亮條紋間距離將變大

(2)10分)如圖所示,PQ是兩條平行的、相同的單色光線,入射到半徑為R的半圓柱形玻璃磚上表面,玻璃磚下表面AB水平,在AB下方與AB相距h=R的水平光屏MN足夠大,己知玻璃磚對PQ光線的折射率均為.光線P沿半徑DO方向射入,恰好在圓心O點發生全反射;光線Q從最高點E射入玻璃磚,經折射從下表面AB穿出并打在光屏MN上的F點(圖中未畫出).求O點與F點的水平距離

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高三下期物理定時訓練(一)教師版

?

14.在物理學發展的過程中,許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程。在對以下幾位物理學家所作科學貢獻的敘述中或者研究方法中,正確的說法是( ??)

A.在對自由落體運動的研究中,伽利略猜想運動速度與下落時間成正比,并直接用實驗進行了驗證

B.偉大的物理學家牛頓最先建立了速度、加速度等概念。并創造了一套科學研究方法

C.在推導勻變速直線運動位移公式時,把整個運動過程劃分成很多小段,每一小段近似看作勻速直線運動,然后把各小段的位移相加,物理學中把這種研究方法叫做微元法

D.亞里士多德認為兩個物體從同一高度自由落下,重物體與輕物體下落一樣快

【答案】C

【解析】

【詳解】

在對自由落體運動的研究中,伽利略猜想運動速度與下落時間成正比,但沒有直接用實驗進行驗證,故A錯誤; 偉大的物理學家伽利略最先建立了速度、加速度等概念。并創造了一套科學研究方法,選項B錯誤;在推導勻變速直線運動位移公式時,把整個運動過程劃分成很多小段,每一小段近似看作勻速直線運動,然后把各小段的位移相加,物理學中把這種研究方法叫做微元法,選項C正確;伽利略認為兩個物體從同一高度自由落下,重物體與輕物體下落一樣快,選項D錯誤;故選C.

15.如圖所示,兩顆質量不等衛星分別位于同一軌道上繞地球做勻速圓周運動.若衛星均順時針運行,不計衛星間的相互作用力,則以下判斷中正確的是

?

A.兩顆衛星的加速度大小不相等

B.兩顆衛星的運動速度大小相等

C.兩顆衛星所受到的向心力大小相等

D.衛星1向后噴氣就一定能追上衛星2

【答案】B

【解析】

【詳解】

A.根據萬有引力提供向心力,所以兩衛星的加速度大小相等,A錯誤

B.根據萬有引力提供向心力,得到兩顆衛星的運動速度大小相等,B正確

C.因為向心力大小與衛星質量有關,但質量不相等,所以向心力大小不相等,C錯誤

D.衛星1噴氣加速,會離心進入高軌道,無法追上衛星2D錯誤

16.如圖,在x軸上坐標原點處固定一正的點電荷,另一負點電荷固定在的位置,且電量絕對值大于的電量絕對值,現在處靜止釋放一帶電粒子(不計粒子重力),粒子開始運動,以下說法正確的是

?

A.若,則粒子一定沿x軸正向運動

B.若,則粒子一定沿x軸負向運動

C.若,則粒子的速度一定越來越大

D.若,則粒子的速度一定越來越大

【答案】C

【解析】

【詳解】

AB.設距Ox0位置,場強為0,解得:,所以在場強方向向負方向,在位置場強向正方向,因為不知道釋放位置,所以不確定受力方向,也就不確定運動方向,AB錯誤

C.如果粒子帶正電,如果在范圍釋放,粒子受力一直向左,則一直加速,如果在釋放,粒子受力一直向右,一直加速,所以若,則粒子的速度一定越來越大,C正確

D.如果粒子帶負電,釋放在范圍內,粒子受力先向右后向左,速度先增大后減小,D錯誤

17.如圖所示,固定平行導軌間有磁感應強度大小為B、方向垂直導軌平面向里的勻強磁場,導軌間距為l且足夠長,左端接阻值為R的定值電阻,導軌電阻不計.現有一長為2l的金屬棒垂直放在導軌上,在金屬棒以O點為軸沿順時針方向以角速度轉過60°的過程中(金屬棒始終與導軌接觸良好,電阻不計)

?

A.通過定值電阻的最大電流為

B.通過定值電阻的最大電流為

C.通過定值電阻的電荷量為

D.通過定值電阻的電荷量為

【答案】D

【解析】

【詳解】

AB.棒繞端點轉動切割磁感線而產生動生電動勢,棒在60°位置時有效長度最大為,線速度關于半徑均勻增大,則,由歐姆定律可得;故AB錯誤.

CD.由電量的定義式,而,可得,棒轉過60°掃過的有效面積為,聯立可得;故C錯誤,D正確.

18.如圖所示,物體G用兩根繩子懸掛,開始時繩OA水平,現將兩繩同時沿順時針方向轉過90°,且保持兩繩之間的夾角α不變(),物體保持靜止狀態.在旋轉過程中,設繩OA的拉力為T1,繩OB的拉力為T2,則.

?

A?T1先減小后增大 B?T1先增大后減小

C?T2先減小后增大 D?T2最終變為零

【答案】BD

【解析】

【詳解】

以結點O為研究對象,分析受力情況,作出力圖:重力G、繩OA的拉力T1,繩OB的拉力T2,根據平衡條件得知:拉力T1和拉力T2的合力與重力G大小相等、方向相反,如圖。作出三個不同位置力的合成圖,由圖看出,T1先增大后減小,T2逐漸減小,直到為零。

?

19.輕繩一端通過光滑的輕質定滑輪與物塊P連接,另一端與套在光滑豎直桿上的圓環Q連接,Q從靜止釋放后,上升一定距離到達與定滑輪等高處,在此過程中( ???)

?

A.物塊P的機械能守恒

B.當Q上升到與滑輪等高時,它的機械能最大

C.任意時刻PQ兩物體的速度大小都滿足

D.任意時刻Q受到的拉力大小與P的重力大小相等

【答案】BC

【解析】

【詳解】

A.物塊PQ組成的系統機械能守恒,而Q的機械能增大,所以P的機械能減小,A錯誤

B.除重力外其他力做的功等于物體機械能的增加量,物塊上升到滑輪等高前,拉力對Q左正功,Q機械能增加,物塊上升到與滑輪登高后繼續升高,拉力做負功,機械能減小,所以Q上升到與滑輪等高時,它的機械能最大,B正確

C.設繩與桿夾角為,根據運動的分解得:,因為,所以C正確

D.因為P向下加速運動,處于失重狀態,則繩對P的拉力小于P的重力,而同一根繩上的拉力大小相等,所以Q受到的拉力大小小于P的重力大小,D錯誤

20.如圖所示,物塊A與木板B通過水平輕彈簧連接,B放置在水平面上,彈簧處于原長,AB的質量相等,整個裝置處于靜止狀態。現對B施加一水平向右的恒力F,經過時間t1AB的速度第一次相同。不計一切摩擦,彈簧始終處在彈性限度內。在0t1時間內( ??????)

?

AA的加速度一直增大 B.由AB和彈簧組成的系統的機械能一直增加

CAB的加速度一直不相等 D.當AB的速度相等時,加速度不相等

【答案】ABD

【解析】

【詳解】

A. 0-t1時間內,彈簧被壓縮,A受到水平向右的彈簧彈力作用,加速度大小為


x一直增大,則A向右的加速度一直增大。故A正確。

B. 0-t1時間內,F一直對系統做正功,系統的機械能一直增加,故B正確。

C. B的加速度大小


B向右做加速度一直減小的加速運動,AB的速度-時間圖象如圖所示。

?

由圖可知,0-t1時間內,兩圖線的切線在某一時刻(t=t0時刻)是平行的,此時AB的加速度相等,故C錯誤。

D. 由圖象可知,t=t1時刻,AB的速度相等,但此時兩圖線的切線不平行,即加速度不相等,故D正確。

21.如圖,半徑為R的四分之一圓內存在勻強磁場,磁感應強度大小為B,方向垂直紙面向里,半徑OA水平。在圓的最低點C有一粒子源,它正以相同速率在平面內向各個方向發射質量為m、帶電量為qq>0)的粒子,速率大小為。在圓弧上AC有粒子射出,B為圓弧上一點,等于60°,不計粒子所受重力,下列說法正確的是( ???)

?

A.所有從圓弧上出來的粒子的速度方向都平行

B.所有從圓弧上出來的粒子在磁場中運動時間都相等

C.從A處射出的粒子與從B處射出的粒子在磁場中運動時間之比3:2

D.所有從圓弧AC射出的帶電粒子,可能經過的磁場區域面積為

【答案】AD

【解析】

【詳解】

A.因為粒子圓周運動的半徑,所以從圓弧位置出來的粒子的半徑與圓的半徑圍成的四邊形都是平行四邊形,即從圓弧上出射速度與OC垂直,都是相互平行的,A正確

B.從圓弧上不同位置射出的粒子,射出位置與O點連線和AO夾角的余角即為轉過的圓心角,所以粒子在磁場中偏轉的角度不同,根據,運動時間不同,B錯誤

C.根據幾何關系可得,從A處射出的粒子偏轉角等于,在B處射出的粒子偏轉角等于,根據,所以時間比為31C錯誤

D.根據幾何關系,可知,從圓弧AC射出的粒子經過的面積等于扇形面積減去三角形AOC的面積的2倍,即:D正確

?

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評卷人

得分

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三、實驗題

22.如圖a所示,用鐵架臺、彈簧和多個已知質量且質量相等的鉤碼,探究在彈性限度內彈簧彈力與彈簧伸長量的關系實驗.

?

(1)為完成實驗,還需要的實驗器材有_________________________________________

(2)b是彈簧所受彈力F與彈簧伸長長度xFx圖線,由此可求出彈簧的勁度系數為________ N/m.圖線不過原點的原因是__________________________________

【答案】刻度尺 ???200 ???彈簧自身有重力 ?(每空2分)??

【解析】

【詳解】

1[1]實驗中的拉力通過鉤碼的質量計算得出,而彈簧伸長的長度則需要用刻度尺測出,故還需要的器材是刻度尺;

2[2]通過圖像可知,當拉力是6N時,彈簧伸長的長度是

3.5cm0.5cm=3.0cm

故彈簧的勁度系數為

[3]圖線不過原點,是因為當拉力等于0時,彈簧自己伸長了0.5cm,可見是因為彈簧有自重而引起的。

?

?

23.某同學研究小燈泡的伏安特性,所使用的器材有:

小燈泡L(額定電壓3.8V,額定電流0.32A)

電壓表V (量程3V,內阻3kΩ)

電流表A(量程0.5A,內阻0.5Ω)

固定電阻(阻值1000Ω)

滑動變阻器R(阻值09.0Ω)

電源E(電動勢5V,內阻不計)

開關S,導線若干。

1)實驗要求能夠實現在03.8V的范圍內對小燈泡的電壓進行測量,畫出實驗電路原理圖____

2)實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖(a)所示。

?

由實驗曲線可知,隨著電流的增加小燈泡的電阻___(增大”“不變減小”),燈絲的電阻率____(增大”“不變減小”)

3)用另一電源(電動勢4V,內阻1.00Ω)和題給器材連接成圖(b)所示的電路,調節滑動變阻器R的阻值,可以改變小燈泡的實際功率,閉合開關S,在R的變化范圍內,小燈泡的最小功率為___W(結果均保留2位有效數字)

【答案】電路圖見解析3分) ???增大2分) ???增大2分) ???0.39 2分)???

【解析】

【詳解】

1[1].因本實驗需要電流從零開始調節,因此應采用滑動變阻器分壓接法;因燈泡內阻與電流表內阻接近,故應采用電流表外接法;另外為了擴大電壓表量程,應用R0和電壓表串聯,故原理圖如圖所示;

2[3][4]I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數,由圖可知,圖象的斜率隨電壓的增大而減小,故說明電阻隨電流的增大而增大;其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大;

3[5].當滑動變阻器的阻值最大為9.0Ω時,電路中的電流最小,燈泡實際功率最小,由E=U+IR+r)得

U=-10I+4

作出圖線如圖所示。由交點坐標可得U1=1.78?VI1=221?mA

P1=U1I1≈0.39??W

?

?

24.如圖所示,一邊長為L,質量為m,電阻為R的正方形單匝導體線框abcd,與一質量為3m的物塊通過輕質細線跨過兩輕質定滑輪相連.在導體線框上方某一高處有一寬度為L的上、下邊界水平的勻強磁場,磁感應強度大小為B,方向垂直紙面向里.現將物塊由靜止釋放,當ad邊從磁場下邊緣進入磁場時,線框恰好做勻速直線運動,不計一切摩擦.重力加速度為g.

?

求:(1)線框ad邊進入磁場之前線框的加速度

2)線框剛進入磁場時的速度大小

【答案】4分)?;8分)

【解析】

【詳解】

1)在線框ad邊進入磁場之前,物塊和線框做勻加速直線運動,

由牛頓第二定律得:

解得:

2ab邊剛進入磁場時,導體做勻速直線運動,

所以對物塊有T=3mg

對線框:

根據安培力方程,電流

聯立解得

13.如圖所示,質量m1=3kg的滑塊C(可視為質點)放置于光滑的平臺上,與一處于自然長度的彈簧接觸但不相連,彈簧另一端固定在豎直墻壁上.平臺右側的水平地面上緊靠平臺依次排放著兩塊木板AB.已知木板AB的長度均為L=5m,質量均為m2=15kg,木板AB上表面與平臺相平,木板A與平臺和木板B均接觸但不粘連.滑塊C與木板AB間的動摩擦因數為μ1=0.3,木板AB與地面間的動摩擦因數μ2=0.1.現用一水平向左的力作用于滑塊C上,將彈簧從原長開始緩慢地壓縮一段距離,然后將滑塊C由靜止釋放,當滑塊C剛滑上木板A時,滑塊C的速度為7m/s.設最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等,取g=10m/s2.求:

(1)彈簧的最大彈性勢能;

(2)滑塊C剛滑上木板A時,木板AB及滑塊C的加速度;

(3)從滑塊C滑上木板A到整個系統停止運動所需的時間.

【答案】1735J2分):(23m/s21m/s28分)34s

【解析】

【詳解】

?

試題分析:(1EPmax==735J............2分)

2)設滑塊C在木塊A上滑動時,滑塊C的加速度為a1,木板AB的加速度為a2.則:μ1m1g=m1a1............2分)

解得:a1=3m/s2.........1分)

μ1m1gμ2m1+2m2g=2m2a2.............2分)

解得:a2=1m/s2..........1分)

3)設滑塊C在木板A上運動的時間為t1.則由: L=v0t1a1t12-a2t12

解得:t1=1st1=25s(舍去)............2分)

設滑塊C離開木板A時的速度為vC,木板AB的速度分別為vAvB

vC=v0a1t1=4m/s...........1分)

vA=vB=a2t1=1m/s...........1分)

滑塊C在木板B上滑動時,滑塊C的加速度為a1,設B的加速度為a3

μ1m1gμ2m1+m2g=m2a3

解得:a3=3m/s2.........2分)

設經過時間t2BC達到共同速度v,則有:v=vCa1t2=vB+a3t2

解得t2=05sv=25m/s..........2分)

從滑塊C滑上木板B到與木板B速度相同的過程中,滑塊C與木板B的相對位移為:

△x==075m5m........1分)

可知此過程中C未離開B,又因μ1μ2BC共速后無相對運動,設BC一起勻減速運動的加速度為a,運動時間為t3

μ2m1+m2g=m1+m2a

a=1m/s2............1分)

0=vat3

t3=25s.............1分)

則從滑塊C滑上木板A到整個系統停止運動所需的時間為: t=t1+t2+t3=4s..........1分)

考點:牛頓第二定律的綜合應用

34.下列說法中正確的是_______

A.做簡諧運動的質點,其振動周期和振動能量均與振幅無關

B.泊松亮斑是光的衍射現象,玻璃中的氣泡看起來特別明亮是光的全反射現象

C.真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的,與光源和觀察者的相對運動無關

D.在用單擺測定重力加速度的實驗中,為使實驗結果較為準確,應選用1m長的細線和小鐵球,在測量擺動時間時應從最大位移處開始計時.

E.雙縫干涉實驗中,若只增大雙縫到光屏間的距離,兩相鄰亮條紋間距離將變大

【答案】BCE

【解析】

【詳解】

A.做簡諧運動的物體,其振動能量與振幅有關,振幅越大,能量越大,A錯誤

B.泊松亮斑是光的衍射現象,根據全反射條件可知,玻璃中的氣泡看起來特別明亮是光的全反射現象B正確

C.根據愛因斯坦相對論原理可知真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的,與光源和觀察者的相對運動無關,C正確

D.測量擺動時間時,應該從平衡位置開始計時,因為在平衡位置速度很快,你計時的時候誤差會相對小一點,在速度為0的最高點,會產生一定的誤差,D錯誤

E.雙縫干涉條紋間距,所以只增大雙縫到光屏間的距離L,條紋間距將變大,E正確

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(2).如圖所示,PQ是兩條平行的、相同的單色光線,入射到半徑為R的半圓柱形玻璃磚上表面,玻璃磚下表面AB水平,在AB下方與AB相距h=R的水平光屏MN足夠大,己知玻璃磚對PQ光線的折射率均為.光線P沿半徑DO方向射入,恰好在圓心O點發生全反射;光線Q從最高點E射入玻璃磚,經折射從下表面AB穿出并打在光屏MN上的F點(圖中未畫出).求O點與F點的水平距離

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【答案】10分)

【解析】

【詳解】

光線P恰好在O點發生全反射,設臨界角為C.

由折射定律有,得C=45°...........2分)

設光線QE點的入射角和折射角分別為,在AB面上的折射角為,則C=45°

,得............2分)

,得.............2分)

由幾何關系知,.h=R..............2分)

解得O點與F點的水平距離...............2分)

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